屯溪一中2013～2014學(xué)年度第一學(xué)期高三年級(jí)第三次月考物 理 試 卷一、單選題（12(3=36分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，將答案填寫在答題卷的表格中） 1．如圖所示，某人靜躺在椅子上，椅子的靠背與水平面之間有固定傾斜角θ．若此人所受重力為G，則椅子各部分對(duì)他的作用力的合力大小為( ) A．G B．G sinθC．G cosθ D．G tanθ【答案】A【gkstk解析】人受多個(gè)力處于平衡狀態(tài)，人受力可以看成兩部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分對(duì)他的作用力的合力；根據(jù)平衡條件得椅子各部分對(duì)他的作用力的合力與重力等值，反向，即大小是G。故選A�！究键c(diǎn)】力的合成 2．如圖所示，自動(dòng)卸貨車始終靜止在水平地面上，車廂在液壓機(jī)的作用下，θ角逐漸緩慢增大且貨物相對(duì)車廂靜止的過(guò)程中，下列說(shuō)法不正確的是 ( ) A．貨物受到的摩擦力增大 B．貨物受到的支持力變小 C．貨物受到的支持力對(duì)貨物做正功D．貨物受到的摩擦力對(duì)貨物做負(fù)功【答案】D【gkstk解析】AB、貨物處于平衡狀態(tài)，則有：，θ增大時(shí)，f增大，N減小，故AB正確；C、貨物受到的支持力的方向與位移方向的夾角小于90°，做正功，故C正確；D、摩擦力的方向與位移方向垂直，不做功，故D錯(cuò)誤。故選D。【考點(diǎn)】功；滑動(dòng)摩擦力；靜摩擦力和最大靜摩擦力 3．一個(gè)質(zhì)量為2kg的物體，在六個(gè)恒定的共點(diǎn)力作用下處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)同時(shí)撤去大小分別為15N和20N的兩個(gè)力而其余力保持不變，關(guān)于此后該物體運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法中正確的是( ) A．一定做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小可能是5m/s2 B．一定做勻變速運(yùn)動(dòng)，加速度大小可能是15m/s2 C．可能做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小是2m/s2D．可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心加速度大小可能是5m/s2 【答案】B【gkstk解析】根據(jù)平衡條件得知，余下力的合力與撤去的兩個(gè)力的合力大小相等、方向相反，則撤去大小分別為15N和20N的兩個(gè)力后，物體的合力大小范圍為，物體的加速度范圍為：；A、若物體原來(lái)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，撤去的兩個(gè)力的合力方向與速度方向不在同一直線上或與速度方向相同時(shí)，物體做曲線運(yùn)動(dòng)或勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、由于撤去兩個(gè)力后其余力保持不變，則物體所受的合力不變，一定做勻變速運(yùn)動(dòng)，加速度大小可能等于15m/s2，故B正確；C、若物體原來(lái)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，撤去的兩個(gè)力的合力方向與速度方向相同時(shí)，物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、由于撤去兩個(gè)力后其余力保持不變，恒力作用下不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選B�！究键c(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用 4．如圖，輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個(gè)小鐵球，在電梯運(yùn)行時(shí)，乘客發(fā)現(xiàn)彈簧的伸長(zhǎng)量比電梯靜止時(shí)的伸長(zhǎng)量大了，這一現(xiàn)象表明 ( ) A．乘客一定處在超重狀態(tài) B．電梯一定是在下降 C．電梯一定是在上升 D．電梯的加速度方向一定是向下【答案】A【gkstk解析】彈簧的伸長(zhǎng)量比電梯靜止時(shí)的伸長(zhǎng)量大了，說(shuō)明彈簧彈力變大了，所以加速度向上，但是不能判斷速度方向；故選A。【考點(diǎn)】牛頓第二定律；超重失重 5．如圖所示，一圓盤可繞一通過(guò)圓心且垂直于盤面的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)，在圓盤上放一塊橡皮，橡皮塊隨圓盤一起轉(zhuǎn)動(dòng)（俯視為逆時(shí)針）．某段時(shí)間圓盤轉(zhuǎn)速不斷增大，但橡皮塊仍相對(duì)圓盤靜止，在這段時(shí)間內(nèi)，關(guān)于橡皮塊所受合力F的方向的四種表示（俯視圖）中，正確的是 ( )【答案】C【gkstk解析】圓盤轉(zhuǎn)速不斷增大，說(shuō)明橡皮做的是加速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有兩個(gè)加速度，即向心加速度和切向加速度，向心加速度指向圓心，切向加速度沿軌跡切線，所以和加速度方向和圖C相同，故橡皮塊所受合力F的方向和圖C相同。故選C�！究键c(diǎn)】圓周運(yùn)動(dòng)；加速度；矢量的合成 6．一質(zhì)量為M的人手握長(zhǎng)為l輕繩(不可伸長(zhǎng))一端，繩的另一端栓一質(zhì)量為m的小球，今使小球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，若小球剛好能經(jīng)過(guò)圓周的最高點(diǎn)，則在小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下面說(shuō)法正確的是 ( ) A．人對(duì)地面的最小壓力等于Mg B．人對(duì)地面的最小壓力大于MgC．人對(duì)地面的最大壓力等于（M+m）g D．人對(duì)地面的最大壓力大于（M+m）g【答案】D【gkstk解析】AB、在上半個(gè)圓周內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)（除去最高點(diǎn)），輕繩對(duì)小球和人都有拉力，其中對(duì)人的拉力斜向上，所以人對(duì)地面的壓力小于Mg，故AB錯(cuò)誤；CD、小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，對(duì)整體，得，由牛頓第三定律可知人對(duì)地面的最大壓力大于（M+m）g，故C錯(cuò)誤D正確；故選D�！究键c(diǎn)】圓周運(yùn)動(dòng)；向心力；牛頓第二定律 7．2015年12月27日，我國(guó)自行研制的“北斗導(dǎo)航衛(wèi)星系統(tǒng)”（BDS）正式組網(wǎng)投入商用．2015年9月采用一箭雙星的方式發(fā)射了該系統(tǒng)中的兩顆圓軌道半徑均為21332km的“北斗-M5”和“北斗M-6”衛(wèi)星，其軌道如圖所示。關(guān)于這兩顆衛(wèi)星，下列說(shuō)法正確的是 ( ) A．兩顆衛(wèi)星的向心加速度相同 B．兩顆衛(wèi)星的速率均小于7.9 m/s C．北斗-M6的速率大于同步衛(wèi)星的速率D．北斗-M5的運(yùn)行周期大于地球自轉(zhuǎn)周期【答案】C【gkstk解析】A、根據(jù)知，軌道半徑相等，則向心加速度大小相等，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)知，軌道半徑越大，線速度越小，第一宇宙速度的軌道半徑等于地球的半徑，是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，所以兩顆衛(wèi)星的速度均小于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C、北斗-M6的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，則線速度大于同步衛(wèi)星的速率，故C正確；D、因?yàn)楸倍?M6的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)知，北斗-M6的周期小于同步衛(wèi)星的周期，即小于地球自轉(zhuǎn)的周期，故D錯(cuò)誤。故選C。【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用 8．如圖所示，“嫦娥一號(hào)”探月衛(wèi)星進(jìn)入月球軌道后，首先在橢圓軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)，P、Q兩點(diǎn)是軌道Ⅰ的近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn)，Ⅱ是衛(wèi)星繞月做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道，軌道Ⅰ和Ⅱ在P點(diǎn)相切，關(guān)于該探月衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是( ) A．衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)周期大于在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)的周期 B．衛(wèi)星由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ必須要在P點(diǎn)加速 C．衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)的速度小于Q點(diǎn)的速度D．衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)的加速度小于Q點(diǎn)的加速度【答案】A【gkstk解析】A、根據(jù)開普勒第三定律得，，知衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)的半徑小于在軌道I運(yùn)動(dòng)的半長(zhǎng)軸，則衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)的周期比沿軌道I運(yùn)動(dòng)的周期短，故A正確；B、衛(wèi)星由軌道Ⅰ到達(dá)P點(diǎn)時(shí)必須減速，使其受到的萬(wàn)有引力大于需要的向心力，而做近心運(yùn)動(dòng)，使軌道半徑降低，從而進(jìn)入軌道Ⅱ，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)開普勒第二定律得“嫦娥一號(hào)”在P點(diǎn)的線速度大于Q點(diǎn)的線速度，故C錯(cuò)誤；D、衛(wèi)星在軌道Ⅱ上P點(diǎn)的所受的萬(wàn)有引力等于在軌道I運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的萬(wàn)有引力，根據(jù)牛頓第二定律，知加速度相等，故D錯(cuò)誤。故選A�！究键c(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用 9．如圖所示，將一質(zhì)量為m的小球從空中O點(diǎn)以速度v0水平拋出，飛行一段時(shí)間后，小球經(jīng)過(guò)空間P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為，不計(jì)空氣阻力，則下列結(jié)論不正確的是 ( ) A．小球經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)豎直分速度為 B．從O點(diǎn)到P點(diǎn)，小球的高度下降 C．從O點(diǎn)到P點(diǎn)過(guò)程中，小球運(yùn)動(dòng)的平均速度為 D．從O點(diǎn)到P點(diǎn)過(guò)程中，小球運(yùn)動(dòng)的平均速度為 【答案】C【gkstk解析】A、由得，所以豎直分速度為，故A正確；B、豎直分速度為，由得，故B正確；CD、豎直方向由得，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，所以水平方向的位移，所以小球的總位移，平均速度為，故C錯(cuò)誤D正確；故選C�！究键c(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng) 10．如圖所示，一個(gè)小物體A沿高為h、傾角為θ的光滑斜面以初速度v0頂端滑到底端，而相同的物體B以同樣大小的初速度從同等高度豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，則下列判斷正確的是( ) A．兩物體落地時(shí)速度相同 B．從開始運(yùn)動(dòng)至落地過(guò)程中，重力對(duì)它們做功相同 C．兩物體落地時(shí)，重力的瞬時(shí)功率相同D．從開始運(yùn)動(dòng)至落地過(guò)程中，重力對(duì)它們做功的平均功率相同 【答案】B【gkstk解析】A、兩個(gè)小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中都是只有重力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒可知兩物體落地時(shí)速率相同，故A錯(cuò)誤；B、重力做功只與初末位置有關(guān)，物體的起點(diǎn)和終點(diǎn)一樣，所以重力做的功相同，所以B正確；C、由于兩個(gè)物體落地時(shí)的速度的方向不同，由瞬時(shí)功率的公式可以知道，重力的瞬時(shí)功率不相同，所以C錯(cuò)誤；D、平均功率等于做功的大小與所用的時(shí)間的比值，物體重力做的功相同，但是時(shí)間不同，所以平均功率不同，所以D錯(cuò)誤。故選B�！究键c(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率；自由落體運(yùn)動(dòng) 11．有一質(zhì)量為m的木塊，從半徑為r的圓弧曲面上的a點(diǎn)滑向b點(diǎn)，如圖所示．如果由于摩擦使木塊的運(yùn)動(dòng)速率保持不變，則以下敘述正確的是( ) A．木塊的加速度不變 B．木塊所受的合外力為零 C．木塊所受的力都不對(duì)其做功D．木塊所受的合外力不為零，但合外力對(duì)木塊做的功為零【答案】D【gkstk解析】A、加速度是矢量，木塊的加速度指向圓心，方向發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；B、做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，需要向心加速度，所以合外力不為零，故B錯(cuò)誤；C、重力做正功，摩擦力做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；D、物塊速率保持不變，由動(dòng)能定理可知，合外力做功為零，故D正確。故選D。【考點(diǎn)】勻速圓周運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理 12．如圖所示，中間有孔的物塊A套在豎直桿上，通過(guò)滑輪用不可伸長(zhǎng)的輕繩將物體拉著勻速向上運(yùn)動(dòng)，所有摩擦均不計(jì)．則關(guān)于拉力F及拉力F的功率P，下列說(shuō)法正確的是( ) A．F不變，P減小 B．F增大，P不變 C．F增大，P增大D．F增大，P減小【答案】B【gkstk解析】設(shè)繩子與豎直方向上的夾角為θ，因?yàn)锳做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上合力為零，有：，因?yàn)棣仍龃�，則F增大；物體A沿繩子方向上的分速度，則拉力的功率，知拉力的功率不變；故B正確。故選B�！究键c(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的安徽省屯溪一中2015屆上學(xué)期高三第三次月考_物理試題
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