浙江省浙北名校聯(lián)盟2014屆高三上學(xué)期期中聯(lián)考物理試題一、選擇題（本小題共8小題，每小題3分，共24分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目的要求）1、某同學(xué)通過(guò)以下步驟測(cè)出了從一定高度落下的排球?qū)Φ孛娴臎_擊力：將一張白紙鋪在水平地面上，把排球在水里弄濕，然后讓排球從規(guī)定的高度自由落下，并在白紙上留下球的水印。再將印有水印的白紙鋪在臺(tái)秤上，將球放在紙上的水印中心，緩慢地向下壓球，使排球與紙接觸部分逐漸發(fā)生形變直至剛好遮住水印，記下此時(shí)臺(tái)秤的示數(shù)即為沖擊力的最大值。下列物理學(xué)習(xí)或研究中用到的方法與該同學(xué)的方法相同的是：A．建立“合力與分力”的概念 B．建立“點(diǎn)電荷”的概念C．建立“瞬時(shí)速度”的概念 D．研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系【答案】 A【解析】試題分析: 通過(guò)白紙上的球的印跡，來(lái)確定球發(fā)生的形變的大小，從而可以把不容易測(cè)量的一次沖擊力用球形變量的大小來(lái)表示出來(lái)，在通過(guò)臺(tái)秤來(lái)測(cè)量相同的形變時(shí)受到的力的大小，這是用來(lái)等效替代的方法．合力和分力是等效的，它們是等效替代的關(guān)系，所以A正確；點(diǎn)電荷是一種理想化的模型，是采用的理想化的方法，所以B錯(cuò)誤；瞬時(shí)速度是把很短的短時(shí)間內(nèi)的物體的平均速度近似的認(rèn)為是瞬時(shí)速度，是采用的極限的方法，所以C錯(cuò)誤；研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系的時(shí)候，是控制其中的一個(gè)量不變，從而得到其他兩個(gè)物理量的關(guān)系，是采用的控制變量的方法，所以D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：力的合成．2、如圖所示，物體沿曲線軌跡的箭頭方向運(yùn)動(dòng)，AB、ABC、ABCD、ABCDE四段曲線軌跡運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間分別是：1 s，2 s，3 s，4 s。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A．物體在AB段的平均速度為1 m/sB．物體在ABC段的平均速度為m/sC．AB段的平均速度比ABC段的平均速度更能反映物體處于A點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度D．物體在B點(diǎn)的速度等于AC段的平均速度 【答案】 D【解析】試題分析: 物體在AB段的平均速度為v==1m/s，所以A正確；物體在ABC段的平均速度為v==m/s，所以B正確；由瞬時(shí)速度的定義可知，C正確；物體在B點(diǎn)的速度是瞬時(shí)速度，AC段的是平均速度，方向也不同，故D錯(cuò)誤；故選D�？键c(diǎn)：瞬時(shí)速度和平均速度3、如圖所示，斜面體A靜止放置在水平地面上。質(zhì)量為m的滑塊B在沿斜面向下的外力F作用下向下運(yùn)動(dòng)，此時(shí)斜面體受到地面的摩擦力方向向右。若滑塊B在下滑時(shí)撤去F，滑塊仍向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A．斜面體A所受地面摩擦力可能為零B．斜面體A所受地面摩擦力的方向一定向右C．滑塊B的加速度方向可能沿斜面向下D．斜面體A對(duì)地面的壓力一定變小【答案】 B【解析】試題分析: 斜面體受到地面的摩擦力方向向右可知，斜面體對(duì)物體B是有摩擦的，而F是沿斜面向下的，對(duì)A的壓力和摩擦力沒(méi)有影響，撤去F后，A的受力情況沒(méi)有發(fā)生變化，所以斜面體A所受地面摩擦力的方向一定向右，斜面體A對(duì)地面的壓力也不變，故B正確，AD錯(cuò)誤；對(duì)B滑塊進(jìn)行受力分析，B滑塊受到重力G，斜面的支持力N，和摩擦力f，把重力在這兩個(gè)方向進(jìn)行分解，在支持力方向受力平衡，而摩擦力方向上說(shuō)不清，因?yàn)轭}目給的信息不足．如果把A和B放在一起看就發(fā)現(xiàn)：如果B有沿斜面向下向下的加速度，那么A和B作為整體這時(shí)受到的合外力必然沿斜面向下．這就要求，A必然受到地面水平向左的摩擦力，這與之前關(guān)于摩擦力的分析是矛盾的．所以B不能加速沿斜面向下，故C錯(cuò)誤；考點(diǎn)：牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用4、某人在靜止的湖面上豎直上拋一小鐵球，小鐵球上升到最高點(diǎn)后自由下落，穿過(guò)湖水并陷入湖底的淤泥中某一深度處．若不計(jì)空氣阻力，取豎直向上為正方向，則最能近似反映小鐵球運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度與時(shí)間關(guān)系的圖象是，H為斜面的最大高度，t0是上滑的時(shí)間，此為開(kāi)口向下的拋物線方程．所以C是可能的．故C正確；由于物體克服摩擦力做功，其機(jī)械能不斷減小，不可能增大，所以D圖不可能．故D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：牛頓第二定律；功能關(guān)系8、（ ）A．0～1內(nèi)，物塊對(duì)傳送帶做正功B．C．0～2內(nèi)，傳送帶對(duì)物塊做功為W=D．系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大小一定大于物塊動(dòng)能的變化量大小【答案】 D【解析】試題分析: 由圖知，物塊先向下運(yùn)動(dòng)后向上運(yùn)動(dòng)，則知傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)向上．0～t1內(nèi)，物塊對(duì)傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對(duì)傳送帶做負(fù)功．故A錯(cuò)誤；在t1～t2內(nèi)，物塊向上運(yùn)動(dòng)，則有 μmgcosθ＞mgsinθ，得μ＞tanθ．故B錯(cuò)誤；0～t2內(nèi)，由圖“面積”等于位移可知，物塊的總位移沿斜面向下，高度下降，重力對(duì)物塊做正功，設(shè)為WG，根據(jù)動(dòng)能定理得：W+WG=則傳送帶對(duì)物塊做功W≠，故C錯(cuò)誤；物塊的重力勢(shì)能減小、動(dòng)能也減小都轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，則由能量守恒得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大小一定大于物塊動(dòng)能的變化量大小．故D正確．考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律二、選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題至少有一個(gè)選項(xiàng)是正確的，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但選不全的得2分，選錯(cuò)或不選的得0分）9、據(jù)央視報(bào)道，北京時(shí)間2012年10月15日凌晨，奧地利著名極限運(yùn)動(dòng)員鮑姆加特納從距地面高度約3.9萬(wàn)米的高空跳下，并成功著陸，一舉打破多項(xiàng)世界紀(jì) 錄。假設(shè)他從氦氣球攜帶的太空艙上跳下到落地的過(guò) 程中沿豎直方向運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，則下列說(shuō) 法中正確的是A．0—t1內(nèi)運(yùn)動(dòng)員和所有裝備整體所受重力大于空氣阻力B．t1秒末運(yùn)動(dòng)員打開(kāi)降落傘，此后做勻減速運(yùn)動(dòng)至t2秒末C．t1秒末到t2秒末運(yùn)動(dòng)員豎直方向的加速度方向向下，大小在逐漸增大D．t2秒后運(yùn)動(dòng)員保持勻速下落【答案】 AD【解析】試題分析: 0-t1內(nèi)圖線的斜率在減小，說(shuō)明運(yùn)動(dòng)員做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向下，所以運(yùn)動(dòng)員和所有裝備整體所受重力大于空氣阻力，故A正確；t1秒末到t2秒末由于圖象的斜率在減小，則運(yùn)動(dòng)員在t1秒末打開(kāi)降落傘后做變減速運(yùn)動(dòng)至t2秒末，故B錯(cuò)誤；t1秒末到t2秒末運(yùn)動(dòng)員豎直方向做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，所以加速度的方向向上，大小在減小，故C錯(cuò)誤；t2秒后速度不變，動(dòng)員保持勻速下落，故D正確．考點(diǎn)： 牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像10、A、D分別是斜面的頂端、底端，B、C是斜面上的兩個(gè)點(diǎn)，AB＝BC＝CD，E點(diǎn)在D點(diǎn)的正上方，與A等高。從E點(diǎn)以一定的水平速度拋出質(zhì)量相等的兩個(gè)小球，球1落在B點(diǎn)，球2落在C點(diǎn)，關(guān)于球1和球2從拋出到落在斜面上的運(yùn)動(dòng)過(guò)程（ ）A．球1和球2運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為2∶1B．球1和球2動(dòng)能增加量之比為1∶2C．球1和球2拋出時(shí)初速度之比為錯(cuò)誤！未找到引用源�！�1D．球1和球2運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度之比為1∶2【答案】 BC【解析】試題分析: 因?yàn)锳C=2AB，則AC的高度差是AB高度差的2倍，根據(jù)h=，得，t=，解得運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比為1：，故A錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理得，mgh=△Ek，知球1和球2動(dòng)能增加量之比為1：2．故B正確；C、AC在水平方向上的位移是AB在水平方向位移的2倍，結(jié)合x(chóng)=v0t，解得初速度之比為錯(cuò)誤！未找到引用源�！�1，故C正確；D、平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為g，兩球的加速度相同．故D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)11、如圖所示，半徑r=0.8m的光滑圓軌道被豎直固定在水平地面上，圓軌道最低處有一質(zhì)量為0. 4kg的小球（小球的半徑比r小很多）�，F(xiàn)給小球一個(gè)水平向右的初速度v0,下列關(guān)于在小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中說(shuō)法正確的是（g取10m/s2）（ ）A. v0≤4m/s可以使小球不脫離軌道B. v0≥4m/s可以使小球不脫離軌道C.設(shè)小球能在圓軌道中做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)與最高點(diǎn)對(duì)軌道的壓力之差為24ND.設(shè)小球能在圓軌道中做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)與最高點(diǎn)對(duì)軌道的壓力之差為20N【答案】 AC【解析】試題分析: 要使小球不脫離軌道運(yùn)動(dòng)，1、越過(guò)最高點(diǎn)．2、不越過(guò)四分之一圓周；最高點(diǎn)的臨界情況mg=解得v==m/s；根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，+mg?2r=，解得v0=；若不通過(guò)四分之一圓周，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有： mgr=，解得v0==4m/s。故小球不脫離軌道，v0，故A對(duì)，B錯(cuò)；若小球能在圓軌道中做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)，由向心力公式：FN1+mg=，在最低點(diǎn)，由向心力公式：FN2-mg=，由根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，mg?2r=，得FN2- FN2=24N，故C正確，D錯(cuò)誤考點(diǎn)：向心力；牛頓第二定律．12、水平地面上有兩個(gè)固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，乙的斜面傾角大，甲、乙斜面長(zhǎng)分別為s、L1，如圖所示。兩個(gè)完全相同的小滑塊A、B可視為質(zhì)點(diǎn)，同時(shí)由靜止開(kāi)始從甲、乙兩個(gè)斜面的頂端釋放，小滑塊A一直沿斜面甲滑到底端C，而小滑塊B滑到底端P后沿水平面滑行到D處（小滑塊B在P點(diǎn)從斜面滑到水平面的速度大小不變），在水平面上滑行的距離PD=L2，且s=L1+L2。小滑塊A、B與兩個(gè)斜面和水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則（ ）A．滑塊A到達(dá)底端C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能一定比滑塊B到達(dá)D點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能小 B．兩個(gè)滑塊在斜面上加速下滑的過(guò)程中，到達(dá)同一高度時(shí)，動(dòng)能可能相同C．A、B兩個(gè)滑塊從斜面頂端分別運(yùn)動(dòng)到C、D的過(guò)程中，滑塊A重力做功的平均功率小于滑塊B重力做功的平均功率 D．A、B滑塊從斜面頂端分別運(yùn)動(dòng)到C、D的過(guò)程中，由于克服摩擦而產(chǎn)生的熱量一定相同【答案】 AC【解析】試題分析: 研究滑塊A到達(dá)底端C點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得mgh-μmgScosβ=，研究滑塊B到達(dá)D點(diǎn)時(shí)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得：mgh-μmg L1cosθ-μmgL2=，S=L1+L2．根據(jù)幾何關(guān)系得Scosβ＞L1cosθ+L2，所以
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