年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 12-1 幾何證明選講但因?yàn)闇y(cè)試 新人教B版
1. (2011•廣州調(diào)研)如圖，四邊形ABCD內(nèi)接于⊙O，BC是直徑，N與⊙O相切，切點(diǎn)A，∠AB＝35°，則∠D＝( )
A．35° B．90°
C．125° D．150°
[答案] C
[解析] 連接BD，則∠AB＝∠ADB＝35°，由BC是直徑，知∠BDC＝90°，所以∠D＝∠ADB＋∠BDC＝125°.
2．()如圖所示，在▱ABCD中，BC＝24，E、F為BD的三等分點(diǎn)，則B－DN＝( )
A．6 B．3
C．2 D．4
[答案] A
[解析] ∵E、F為BD的三等分點(diǎn)，四邊形為平行四邊形，
∴為BC的中點(diǎn)，連CF交AD于P，則P為AD的中點(diǎn)，由△BCF∽△DPF及為BC中點(diǎn)知，N為DP的中點(diǎn)，
∴B－DN＝12－6＝6，故選A.
(理)如圖，E是▱ABCD邊BC上一點(diǎn)，BEEC＝4，AE交BD于F，BFFD等于( )
A.45 B.49
C.59 D.410
[答案] A
[解析] 在AD上取點(diǎn)G，使AG?：GD＝1?：4，連結(jié)CG交BD于H，則CG∥AE，
∴BFFH＝BECE＝4，DHFH＝DGGA＝4，
∴BFFD＝45.
3．()(2010•廣東中)如圖，⊙O與⊙O′相交于A和B，PQ切⊙O于P，交⊙O′于Q和，交A B的延長(zhǎng)線于N，N＝3，NQ＝15，則PN＝( )
A．3 B.15
C．32 D．35
[答案] D
[解析] 由切割線定理知：
PN2＝NB•NA＝N•NQ＝3×15＝45，∴PN＝35.
(理)(2011•海淀期末)如圖，半徑為2的⊙O中，∠AOB＝90°，D為OB的中點(diǎn)，AD的延長(zhǎng)線交⊙O于點(diǎn)E，則線段DE的長(zhǎng)為( )
A.55 B.255
C.355 D.32
[答案] C
[解析] 延長(zhǎng)BO交圓O于點(diǎn)F，由D為OB的中點(diǎn)，知DF＝3，DB＝1，又∠AOB＝90°，所以AD ＝5，由相交弦定理知AD•DE＝DF•DB，即5DE＝3×1，解得DE＝355.
4.如圖所示，矩形ABCD中，AB＝12，AD＝10，將此矩形折疊使點(diǎn)B落在AD邊的中點(diǎn)E處，則折痕FG的長(zhǎng)為( )
A．13 B.635
C.656 D.636
[答案] C
[解析] 過(guò)點(diǎn)A作AH∥FG交DG于H，則四邊形AFGH為平行四邊形．∴AH＝FG.
∵折疊后B點(diǎn)與E點(diǎn)重合，折痕為FG，
∴B與E關(guān)于FG對(duì)稱(chēng)．∴BE⊥FG，∴BE⊥AH.
∴∠ABE＝∠DAH，∴Rt△ABE∽R(shí)t△DAH.
∴BEAB＝AHAD.∵AB＝12，AD＝10，AE＝12AD＝5，
∴BE＝122＋52＝13，∴FG＝AH＝BE•ADAB＝656.
5．()兩個(gè)相似三角形，面積分別為16c2和49c2，它們的周長(zhǎng)相差6c，則較大三角形的周長(zhǎng)為( )
A．21c B．2c
C．14c D.9811c
[答案] C
[解析] 由 相似三角形面積比等于相似比的平方，周長(zhǎng)比等于相似比知，周長(zhǎng)之比為：4916＝74，設(shè)周長(zhǎng)分別為7x和4x，則7x－4x＝6，∴x＝2，
∴較大三角形的周長(zhǎng)為14c.
(理)如圖，D、E分別是△ABC的邊AB、AC上的點(diǎn)，DE∥BC且ADDB＝2，那么△ADE與四邊形DBCE的面積比是( )[
A.23 B.25
C.45 D.49
[答案] C
[解析] ∵DE∥BC，∴△ADE∽△ABC，
∴S△ADES△ABC＝ADAB2，
∵ADDB＝2，∴ADAB＝23，∴S△ADE＝49S△ABC，
∴S四邊形DEBC＝59S△ABC，
∴S△ADES四邊形DBCE＝45，故選C.
6．如圖，AB為⊙O的直徑，C為⊙O上一點(diǎn)，AP和過(guò)C的切線互相垂直，垂足為P，過(guò)B的切線交過(guò)C的切線于T，PB交⊙O于Q，若∠BTC＝120°，AB＝4，則PQ•PB＝( )
A．2 B．3
C.3 D．23
[答案] B
[解析] 連接OC、AC，則OC⊥PC，
則O、C、T、B四點(diǎn)共圓，
∵∠BTC＝120°，∴∠COB＝60°，
故∠AOC＝120°.
由AO＝OC＝2知AC＝23，
在Rt△APC中，
∠ACP＝12∠AOC＝60°，
因此PC＝3.根據(jù)切割線定理得PQ•PB＝PC2＝3.
7．()(2011•西安質(zhì)檢)如圖是某高速公路一個(gè)隧道的橫截面，若它的形狀是以O(shè)為圓心的圓的一部分，路面AB＝10米，凈高CD＝7米，則此圓的半徑OA＝________米．
[答案] 377
[解析] 設(shè)⊙O的半徑為R，則在Rt△OAD中，OA2＝OD2＋AD2，即R2＝(102)2＋(7－R)2，解得R＝377米．
(理)(2011•深圳調(diào)研)如圖，AB是半圓O的直徑，C是半圓O上異于A，B的點(diǎn)，CD⊥AB，垂足為D，已知AD＝2，CB＝43，則CD＝________.
[答案] 23
[解析] 根據(jù)射影定理得CB2＝BD×BA，即(43)2＝BD(BD＋2)，得BD＝6，又CD2＝AD×BD＝12，
所以CD＝12＝23.
8．(2011•深圳調(diào)研)如圖，割線PBC經(jīng)過(guò)圓心O，OB＝PB＝1，OB繞點(diǎn)O逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)120°到OD，連PD交圓O于點(diǎn)E，則PE＝________.
[答案] 377
[解析] ∵∠POD＝120°，OD＝OB＝1，PO＝2，
∴PD＝PO2＋OD2－2OD•PO•cos120°＝7，
由相交弦定理得，PE•PD＝PB•PC，
∴PE＝PB•PCPD＝1×37＝377.
9．()(2011•北京西城區(qū)模擬)如圖，從圓O外一點(diǎn)P引圓O的切線PA和割線PBC，已知PA＝22，PC＝4，圓心O到BC的距離為3，則圓O的半徑為_(kāi)_______．
[答案] 2
[解析] 設(shè)圓O的半徑為R.依題意得PA2＝PB•PC，
∴PB＝PA2PC＝2，BC＝PC－PB＝2，
∴R＝12BC2＋32＝2，即圓O的半徑為2.
(理)(2010•廣東中市四校聯(lián)考)如圖，PA切圓O于點(diǎn)A，割線PBC經(jīng)過(guò)圓心O，OB＝PB＝1，OA繞點(diǎn)O逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)60°到OD，則PD的長(zhǎng)為_(kāi)_______．
[答案] 7
[解析] 由圖可知，PA2＝PB•PC＝PB•(PB＋BC)＝3，∴PA＝3，∴∠AOP＝60°，
又∠AOD＝60°，∴∠POD＝120°，∵PO＝2，OD＝1，
∴cos∠POD＝22＋12－PD22×2×1＝－12，∴PD＝7.
10．(2011•杭州市高三聯(lián)考)如圖，圓O的直徑AB＝1 0，弦DE⊥AB于點(diǎn)H，AH＝2.
(1)求DE的長(zhǎng)；
(2)延長(zhǎng)ED到P，過(guò)P作圓O的切線，切點(diǎn)為C，若PC＝25，求PD的長(zhǎng)．
[解析] (1)連接AD，DB，
由于AB為圓O的直徑，
∴AD⊥DB.
又AB⊥DE，DH＝HE，
∴DH2＝AH×BH＝2×(10－2)＝16，
DH＝4，DE＝8.
(2)PC切圓O于點(diǎn)C，PC2＝PD×PE，
∴(25)2＝PD(PD＋8)，∴PD＝2.
11.()(2011•廣東汕頭測(cè)試)如圖，正△ABC的 邊長(zhǎng)為2，點(diǎn)，N分別是邊AB，AC的中點(diǎn)，直線N與△ABC的外接圓的交點(diǎn)為P，Q，則線段P＝________.
[答案] 5－12
[解析] 設(shè)P＝x，則QN＝x，由相交弦定理可得P•Q＝B•A即x•(x＋1)＝1，解得x＝5－12.
(理)(2011•佛質(zhì)檢)如圖，AB，CD是半徑為a的圓O的兩條弦，它們相交于AB的中點(diǎn)P，PD＝23a，∠OAP＝30°，則CP＝________.
[答案] 9a8
[解析] 因?yàn)辄c(diǎn)P是AB的中點(diǎn)，由 垂徑定理知，OP⊥AB.在Rt△OPA中，BP＝AP＝acos30°＝32a.由相交弦定理知，BP•AP＝CP•DP，即32a•32a＝CP•23a，所以CP＝98a.
12．()(2011•惠州市模擬)如圖，⊙O的割線PAB交⊙O于A、B兩點(diǎn)，割線PCD經(jīng)過(guò)圓心O，已知PA＝6，AB＝223，PO＝12，則⊙O的半徑是________．
[答案] 8
[解析] 設(shè)⊙O的半徑是R，∵PA•PB＝PC•PD＝(PO－R)(PO＋R)＝PO2－R2，
∴PA(PA＋AB)＝PO2－R2，
將PA＝6，AB＝223，PO＝12代入得R＝8.
(理)(2010•天津理)如下圖，四邊形ABCD是 圓O的內(nèi)接四邊形，延長(zhǎng)AB和DC相交于點(diǎn)P，若PBPA＝12，PCPD＝13，則BCAD的值為_(kāi)_________．
[答案] 66
[解析] 由割線定理知：PB•PA＝PC•PD，
又∵PA＝2PB，PD＝3PC，
∴PB•2PB＝13PD•PD，∴PB2＝16PD2，
∴PB＝66PD，又∵△PBC∽△PDA，∴BCAD＝PBPD＝66.
13．如圖，EB、EC是⊙O的兩條切線，B、C是切點(diǎn)，A、D是⊙O上兩點(diǎn)，如果∠E＝46°，∠DCF＝32°，則∠A的度數(shù)是________．
[答案] 99°
[解析] 連接OB、OC、AC，根據(jù)弦切角定理得，
∠EBC＝∠BAC，∠CAD＝∠DCF，
可得∠A＝∠BAC＋∠CAD＝12(180°－∠E)＋∠DCF＝67°＋32°＝99°.
[點(diǎn)評(píng)] 可由EB＝EC及∠E求得∠ECB，由∠ECB和∠DCF求得∠BCD，由圓內(nèi)接四邊形對(duì)角互補(bǔ)求得∠A.
14．()(2010•遼寧)如圖，△ABC的角平分線AD的延長(zhǎng)線交它的外接圓于點(diǎn)E.
(1)證明：△ABE∽△ADC；
(2)若△ABC的面積S＝12AD•AE，求∠BAC的大小．
[解析] (1)∵AD為∠BAC的角平分線[
∴∠BAE＝∠C AD
又∵∠AEB與∠ACB為AB?所對(duì)的圓周角
∴∠AEB＝∠ACD
∴△ABE∽△ADC.
(2)由(1)可知△ABE∽△ADC
故ABAE＝ADAC，
即AB•AC＝AD•AE �、�
又S＝12AB•ACsin∠BAC且S＝12AD•AE
∴12AB•ACsin∠BAC＝12AD•AE ②
由①②式得 sin∠BAC＝1
∵∠BAC為三角形內(nèi)角，∴∠BAC＝90°
(理)如圖以Rt△ABC的直角邊AB為直徑作⊙O，與斜邊AC交于點(diǎn)D，E為BC邊的中點(diǎn)．
(1)求證：DE是⊙O的切線；
(2)連結(jié)OE、AE，當(dāng)∠CAB為何值時(shí)，四邊形AOED是平行四邊形，并在此條件下求sin∠CAE的值．
[解析] (1)在△OBE與△ODE中，
OB＝OD，OE＝OE.
∵E、O分別為BC、AB中點(diǎn)．
∴EO∥AC，∴∠EOB＝∠DAO，∠DOE＝∠ADO，
又∠OAD＝∠ADO，∴∠EOB＝∠DOE，
∴△OBE≌△ODE，∴∠ODE＝∠OBE＝90°，
∴ED是⊙O的切線．
(2)∠CAB＝45°，sin∠CAE＝1010.
15．()(2011•西太原模擬 )如圖，AB是半圓O的直徑，C是圓周上一點(diǎn)(異于A、B)，過(guò)C作圓O的切線l，過(guò)A作直線l的垂線AD，垂足為D，AD交半圓于點(diǎn)E.求證：CB＝CE.
[證明] 證法一：連結(jié)BE.
因?yàn)锳B是半圓O的直徑，E為圓周上一點(diǎn)，所以∠AEB＝90°，即BE⊥AD.
又因?yàn)锳D⊥l，所以BE∥l.
所以∠DCE＝∠CEB.
因?yàn)橹本�l是圓O的切線，
所以∠DCE＝∠CBE，
所以∠CBE＝∠CEB，所以CE＝CB.
證法二：連結(jié)AC，BE，在DC延長(zhǎng)線上取一點(diǎn)F.
因?yàn)锳B是半圓O的直徑，C為圓周上一點(diǎn)．
所以∠ACB＝90°，即∠BCF＋∠ACD＝90°.
又因?yàn)锳D⊥l，所以∠DAC＋∠ACD＝90°，
所以∠BCF＝∠DAC.[
又因?yàn)橹本�l是圓O的切線，所以∠CEB＝∠BCF.
又∠DAC＝∠CBE，所以∠CBE＝∠CEB.
所以CE＝CB.
(理)如圖，AB是圓O的直徑，C是半徑OB的中點(diǎn)，D是AB延長(zhǎng)線上一點(diǎn)，且BD＝OB，直線D與圓O相交于點(diǎn)，T(不與A、B重合)，DN與圓O相切于點(diǎn)N，連接C，B，OT.
(1)求證：DT•D＝DO•DC；
(2)若∠DOT＝60°，試求∠BC的大�。�
[解析] (1)證明：因D與圓O相交于點(diǎn)T，由切割線定理得，DN2＝DT•D，DN2＝DB•DA，
所以DT•D＝DB•DA，設(shè)半徑OB＝r(r>0)，
因BD＝OB，且BC＝OC＝r2，
則DB•DA＝r•3r＝3r2，DO•DC＝2r•3r2＝3r2.
所以DT•D＝DO•DC.
(2)由(1)可知，DT•D＝DO•DC，且∠TDO＝∠CD，
故△DTO∽△DC，所以∠DOT＝∠DC.
根據(jù)圓周角定理得，∠DOT＝2∠DB，則∠BC＝30°.
16．(2011•新標(biāo)全國(guó)，22)如圖，D，E分別為△ABC的邊AB，AC上的點(diǎn)，且不與△ABC的頂點(diǎn)重合，已知A E的長(zhǎng)為，AC的長(zhǎng)為n，AD，AB的長(zhǎng)是關(guān)于x的方程x2－14x＋n＝0的兩個(gè)根．
(1)證明：C，B，D，E四點(diǎn)共圓；
(2)若∠A＝90°，且＝4，n＝6，求C，B，D，E所在圓的半徑．
[解析] (1)連結(jié)DE，根據(jù)題意在△ADE和△ACB中，AD×AB＝n＝AE×AC，
即ADAC＝AEAB.又∠DAE＝∠CAB，從而△ADE∽△ACB.
因此∠ADE＝∠ACB.所以C，B，D，E四點(diǎn)共圓．
(2)＝4，n＝6時(shí)，方程x2－14x＋n＝0的兩根為x1＝2，x2＝12.故AD＝2，AB＝12.
取CE的中點(diǎn)G，DB的中點(diǎn)F，分 別過(guò)G，F(xiàn)作AC，AB的垂線，兩垂線相交于H點(diǎn)，連結(jié)DH.因?yàn)镃，B，D，E四點(diǎn)共圓，所以C，B，D，E四點(diǎn)所在圓的圓心為H，半徑為DH，由于∠A＝90°，故GH∥AB，HF∥AC.從而HF＝AG＝5，DF＝12(12－2)＝5.
故C，B，D，E四點(diǎn)所在圓的半徑為52.
1．(2011•廣東湛江高考調(diào)研)如圖，圓O上一點(diǎn)C在直徑AB上的射影為D，AD＝2，AC＝25，則AB＝________.
[答案] 10
[解析] 由射影定理知，AC2＝AD•AB，
所以AB＝2522＝10.
2．如圖所示，已知AB為半⊙O的直徑，直線N切半圓于點(diǎn)C，AD⊥N于點(diǎn)D，BE⊥N于點(diǎn)E，BE交半圓于點(diǎn)F，AD＝3c，BE＝7c.(1)則⊙O的半徑為_(kāi)_______；(2)則線段DE的長(zhǎng)為_(kāi)_______．
[答案] 5c；221c
[解析] (1)連接OC.∵N切半圓于點(diǎn)C，∴OC⊥N.
∵AD⊥N，BE⊥N，∴AD∥OC∥BE.
∵OA＝OB，∴CD＝CE.
∴OC＝12(AD＋BE)＝5c.
∴⊙O的半徑為5c.
(2)連接AF.∵AB為半⊙O的直徑，
∴∠AFB＝90°.∴∠AFE＝90°.
又∵∠ADE＝∠DEF＝90°，∴四邊形ADEF為矩形．
∴DE＝AF，AD＝EF＝3c.
在RtABF中，BF＝BE－EF＝4c，AB＝2OC＝10c.
∴AF＝AB2－BF2＝102－42＝221，
∴DE＝221c.
3．(2010•廣東)如圖，在直角梯形ABCD中，DC∥AB，CB⊥AB，AB＝AD＝a，CD＝a2，點(diǎn)E，F(xiàn)分別為線段AB、AD的中點(diǎn)，則EF＝__________.
[答案] a2
[解析] 如圖連結(jié)DE，BE?CD，∴CDEB為矩形，
∴DE⊥AB，DE又為中線，
∴AD＝DB＝a，
EF為中位線，∴EF＝a2.
[點(diǎn)評(píng)] 也可以用直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半求解．
4.(2010•深圳市調(diào)研)如圖，已知PA是⊙O的切線，A是切點(diǎn)，直線PO交⊙O于B、C兩點(diǎn)，D是OC的中點(diǎn)，連接AD并延長(zhǎng)交⊙O于點(diǎn)E.若PA＝23，∠APB＝30°，則AE＝________.
[答案] 1077
[解析] ∵PA是⊙O的切線，∴OA⊥PA，
在直角三角形PAO中，tan30°＝AOPA＝33.∵PA＝23，∴AO＝PA•33＝2，即圓O的半徑為r＝2，
同理sin30°＝AOPO＝12，∴PO＝4.
∵D是OC的中點(diǎn)，∴OD＝DC＝1，從而B(niǎo)D＝BO＋OD＝2＋1＝3，PD＝PO＋OD＝4＋1＝5，
在三角形PAD中，由余弦定理得：AD2＝PA2＋PD2－2PA•PD•cos30°＝(23)2＋52－2×23×5×32＝7，∴AD＝7，再由相交弦定理得：AD•DE＝BD•DC，即7•DE＝3×1＝3，DE＝377，∴AE＝AD＋DE＝7＋377＝1077.
5．(2011•北京朝陽(yáng)區(qū)統(tǒng)考)如圖，AB是⊙O的直徑，CB切⊙O于點(diǎn)B，CD切⊙O于點(diǎn)D，直線CD交AB于點(diǎn)E.若AB＝3，ED＝2，則CB的長(zhǎng)為_(kāi)_______．
[答案] 3
[解析] 由切割線定理得，ED2＝EA•EB，
∴4＝EA(EA＋3)，
∴EA＝1，∵CB是⊙O的切線，∴EB⊥CB，
∴EB2＋CB2＝CE2，
又∵CD是⊙O的切線，∴CD＝CB，
∴42＋CB2＝(CB＋2)2，∴CB＝3.
6．(2011•北京西域區(qū)期末)如圖所示，過(guò)圓C外一點(diǎn)P做一條直線與圓C交于A，B兩點(diǎn)，AB＝2AP，PT與圓C相切于T點(diǎn)．已知圓C的半徑為2，∠CAB＝30°，則PT＝________.
[答案] 3
[解析] ∵AC＝2，∠CAB＝30°，
∴AB＝2ACcos30°＝2×2×32＝23，
∴AP＝12AB＝3，∴PB＝AP＋AB＝33，
∵PT是⊙C的切線，∴PT2＝AP•PB＝9，∴PT＝3.
7．(2011•廣東理，15)如下圖，過(guò)圓O外作一點(diǎn)P分別作圓的切線和割線交圓于A，B，且PB＝7，C是圓上一點(diǎn)使得BC＝5，∠BAC＝∠APB，則AB＝________.
[答案] 35
[解析] 由圓的切線性質(zhì)可知∠PAB＝∠ACB，
又∠APB＝∠BAC，所以△PAB∽△ACB，
所以ABBC＝PBAB，而B(niǎo)C＝5，PB＝7，∴AB5＝7AB，
∴AB2＝35，AB＝35.
8．(2011•湖南理，11)如下圖，A，E是半圓周上的兩個(gè)三等分點(diǎn)，直徑BC＝4，AD⊥BC，垂足為D，BE與AD相交于點(diǎn)F，則AF的長(zhǎng)為_(kāi)_______．
[答案] 233
[解析] 如圖，連結(jié)CE，OA，AB，∵A、E是半圓周上的兩個(gè)三等分點(diǎn)，BC為直徑，∴∠CEB＝90°，∠CBE＝30°，∠AOB＝60°，
又OA＝2，∴AD＝3，OD＝BD＝1，
∴DF＝33，∴AF＝AD－DF＝233.
9．(2011•天津，13)如圖，已知圓中兩條弦AB與CD相交于點(diǎn)F，E是AB延長(zhǎng)線上一點(diǎn)，且DF＝CF＝2，AF?：FB?：BE＝4?：2?：1.若CE與圓相切，則線段CE的長(zhǎng)為_(kāi)_______．
[答案] 72
[解析] 由題意：AF•FB＝DF•FC＝2AFFB＝2
∴AF＝2，F(xiàn)B＝1，∴BE＝12，AE＝AF＋BF＋BE＝72.
由切割線定理得：CE2＝BE•AE＝12×72＝74.
∴CE＝72.
10．(2011•遼寧，22)如圖，A、B、C、D四點(diǎn)在同一圓上，AD的延長(zhǎng)線與BC的延長(zhǎng)線交于E點(diǎn)，且EC＝ED.
(1)證明：CD∥AB;
(2)延長(zhǎng)CD到F，延長(zhǎng)DC到G，使得EF＝EG，證明：A、B、G、F四點(diǎn)共圓．
[解析] (1)因?yàn)镋C＝ED，所以∠EDC＝∠ECD.
因?yàn)锳，B，C，D四點(diǎn)在同一圓上，所以∠EDC＝∠EBA.
故∠ECD＝∠EBA.所以CD∥AB.
(2)由(1)知，AE＝BE，因?yàn)镋F＝EG，故∠EFD＝∠EGC，從而∠FED＝ ∠G EC.
連接AF，BG，則△EFA≌△EGB，故∠FAE＝∠GBE.
又CD∥AB，∠EDC＝∠ECD，所以∠FAB＝∠GBA.
所以∠AFG＋∠GBA＝180°.
故A、B、G、F四點(diǎn)共圓．
11.(2010•江蘇)如圖AB是⊙O的直徑，D為⊙O上一點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)D作⊙O的切線交AB的延長(zhǎng)線于點(diǎn)C，若DA＝DC，求證：AB＝2BC
[解析] 連結(jié)OD、BD.
因?yàn)锳B是圓O的直徑，
所以∠ADB＝90°，AB＝2OB ，
因?yàn)镈C是圓O的切線，
所以∠CDO＝90°.
又因?yàn)镈A＝DC，所以∠A＝∠C，
于是△ADB≌△CDO，從而AB＝CO，即2OB＝OB＋BC，得OB＝BC.
故AB＝2BC.
12．(2010•新標(biāo)全國(guó)理)如圖，已知圓上的弧AC?＝BD?，過(guò)C點(diǎn)的圓的切線與BA的延長(zhǎng)線交于E點(diǎn)，證明：
(1)∠ACE＝∠BCD；
(2)BC2＝BE×CD.
[解析] (1)因?yàn)锳C?＝BD?.所以∠BCD＝∠ABC.
又因?yàn)镋C與圓相切于點(diǎn)C，故∠ACE＝∠ABC，
所以∠ACE＝∠BCD.
(2)因?yàn)椤螮CB＝∠CDB，∠EBC＝∠BCD，
所以△BDC∽△ ECB，故BCBE＝CDBC，
即BC2＝BE×CD.
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